題目地址：

　　http://acm.tju.edu.cn/toj/showp4168.html

題目概述：

　　給出一個集合以及一個m，集合中一開始有n個數，要求加入最少的數使得這個集合的各個子集的和能夠覆蓋1~m。

　　例如集合A={1,3}，m=6，這時只需要將2加入A中，A的所有子集為[1], [2], [3], [1,2], [1,3], [2,3], [1,2,3]，他們的和分別是1,2,3,3,4,5,6，能夠覆蓋1~6這個區間，所以答案為1。

大致思路：

　　一開始想到二進制位上去了，覺得每個數的二進制位都有個貢獻之類的，結果還是too naive啊，跟正解差的太多。

　　首先對子集A的元素排個序，然後假設當前子集中最大的數為a[i-1]，能夠覆蓋的範圍是1~mx，那麽如果a[i]>mx+1的話，必須要插入mx+1這個數才能使覆蓋的範圍仍舊連續，而插入mx+1，會使得覆蓋的範圍變成2*mx+1，此時再比較a[i]與當前的mx的大小，直到a[i]<=mx+1時加入a[i]會使得覆蓋的範圍變成mx+a[i]，一直這麽考慮下去就ok。

復雜度分析：

　　首先對於數m來說，最多只需要log2(m)個數就可以滿足題意了，那麽插入的復雜度應該就是O(n+logm)，之前還需要排序，就是O(nlogn)，總的的復雜度即O(nlogn)了。

代碼：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
#include <vector>
#include <ctime>
#include <map>
#include <assert.h>
#include 
 
<stack>
#include <set>
#include <queue>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;

#define sacnf scanf
#define scnaf scanf
#define maxn 100010
#define maxm 20010
#define inf 1061109567
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Eps 0.000001
const double PI=acos(-1.0);
#define mod 1000000007
#define
 
 MAXNUM 10000
#define For(i,j,k) for(int (i)=(j);(i)<=(k);(i)++)
#define mes(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ulld;
void Swap(int &a,int &b) {int t=a;a=b;b=t;}
ll Abs(ll x) {return (x<0)?-x:x;}

int a[maxn];

int main()
{
    //freopen("data.in","r",stdin);
    //freopen("data.out","w",stdout);
    //clock_t st=clock();
    int T;scanf("%d",&T);
    while(T--)
    {
        int n;ll m;scanf("%d%lld",&n,&m);
        For(i,1,n) scanf("%d",&a[i]);
        sort(a+1,a+1+n);ll ms=0;int cnt=0;
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            if(ms>=m) break;
            while(a[i]>ms+1&&ms<m) cnt++,ms=ms*2+1;
            ms=ms+a[i];
        }
        while(ms<m) cnt++,ms=ms*2+1;
        printf("%d\n",cnt);
    }
    //clock_t ed=clock();
    //printf("\n\nTime Used : %.5lf Ms.\n",(double)(ed-st)/CLOCKS_PER_SEC);
    return 0;
}

TJUOJ4168解題報告