BZOJ2527 & 洛谷3527:[Poi2011]Meteors——題解
阿新 • • 發佈:2018-01-14
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https://www.luogu.org/problemnew/show/3527
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2527
(事先說明,本人是開O2過的洛谷,如果不開的話請用數組模擬STL)
(代碼和題解參考洛谷的題解第一篇)
(采用BZOJ翻譯)
Byteotian Interstellar Union有N個成員國。現在它發現了一顆新的星球,這顆星球的軌道被分為M份(第M份和第1份相鄰),第i份上有第Ai個國家的太空站。這個星球經常會下隕石雨。 BIU已經預測了接下來K場隕石雨的情況。BIU的第i個成員國希望能夠收集Pi單位的隕石樣本。你的任務是判斷對於每個國家,它需要在第幾次隕石雨之後,才能收集足夠的隕石。 輸入: 第一行是兩個數N,M。 第二行有M個數,第i個數Oi表示第i段軌道上有第Oi個國家的太空站。 第三行有N個數,第i個數Pi表示第i個國家希望收集的隕石數量。 第四行有一個數K,表示BIU預測了接下來的K場隕石雨。接下來K行,每行有三個數Li,Ri,Ai,表示第K場隕石雨的發生地點在從Li順時針到Ri的區間中(如果Li<=Ri,就是Li,Li+1,...,Ri,否則就是Ri,Ri+1,...,m-1,m,1,...,Li),向區間中的每個太空站提供Ai單位的隕石樣本。 輸出: N行。第i行的數Wi表示第i個國家在第Wi波隕石雨之後能夠收集到足夠的隕石樣本。如果到第K波結束後仍然收集不到,輸出NIE。 數據範圍: 1<=n,m,k<=3*10^5 1<=Pi<=10^9 1<=Ai<10^9
顯然是一道維護區間的題,如果不考慮用什麽奇葩難寫的數據結構的話,還是整體二分+樹狀數組好些。
……但是一旦會了整體二分之後不就是水題了嗎……
我們二分每個成員國最少需要多少波操作會到達他們的預定值,剩下的就是套路了。
不過需要註意這題可能爆longlong,開longlong的同時記的判斷並及時跳出。
#include<algorithm> #include<iostream> #include<cstring> #include<cctype> #include<cstdio> #include<vector> #include<cmath> using namespace std; typedef long long ll; const int N=1000055; inline ll read(){ ll X=0,w=0;char ch=0; while(!isdigit(ch)){w|=ch==‘-‘;ch=getchar();} while(isdigit(ch))X=(X<<3)+(X<<1)+(ch^48),ch=getchar(); return w?-X:X; } struct question{ int l,r,op,id; ll k; }q[N],tmp1[N],tmp2[N]; vector<int>g[N]; int ans[N],aim[N]; ll tree[N]; int n,m,p; inline int lowbit(int t){return t&(-t);} inline void add(int x,ll y){//將a[x]+y for(int i=x;i<=m;i+=lowbit(i))tree[i]+=y; } inline ll query(int x){//1-x區間和 ll res=0; for(int i=x;i>0;i-=lowbit(i))res+=tree[i]; return res; } inline void modify(ll x,ll y,ll z){ add(x,z);add(y+1,-z); } void solve(int L,int R,int l,int r){ if(L>R)return; if(l==r){ for(int i=L;i<=R;i++){ if(q[i].op==1)ans[q[i].id]=l; } return; } int idx1=0,idx2=0,mid=(l+r)>>1; for(int i=L;i<=R;i++){ if(q[i].op==1){ ll tmp=0; for(int j=0;j<g[q[i].id].size();j++){ tmp+=query(g[q[i].id][j]); if(tmp>q[i].k)break; } if(tmp>=q[i].k)tmp1[idx1++]=q[i]; else{q[i].k-=tmp;tmp2[idx2++]=q[i];} }else{ if(q[i].id<=mid){ if(q[i].op==2)modify(q[i].l,q[i].r,q[i].k); else modify(q[i].l,m,q[i].k),modify(1,q[i].r,q[i].k); tmp1[idx1++]=q[i]; }else tmp2[idx2++]=q[i]; } } for(int i=0;i<idx1;i++){ question k=tmp1[i]; if(k.op==2)modify(k.l,k.r,-k.k); else if(k.op==3)modify(k.l,m,-k.k),modify(1,k.r,-k.k); } bool ok1=0,ok2=0; int MID=L+idx1; for(int i=L;i<MID;i++)q[i]=tmp1[i-L],ok1=1; for(int i=MID;i<=R;i++)q[i]=tmp2[i-MID],ok2=1; if(ok1)solve(L,MID-1,l,mid); if(ok2)solve(MID,R,mid+1,r); return; } int main(){ n=read(),m=read(); for(int i=1;i<=m;i++)g[read()].push_back(i); for(int i=1;i<=n;i++)aim[i]=read(); p=read(); for(int i=1;i<=p;i++){ q[i].l=read();q[i].r=read();q[i].k=read(); if(q[i].r>=q[i].l)q[i].op=2; else q[i].op=3; q[i].id=i; } for(int i=1;i<=n;i++){ q[i+p].k=aim[i];q[i+p].op=1;q[i+p].id=i; } solve(1,n+p,1,p+1); for(int i=1;i<=n;i++){ if(ans[i]!=p+1)printf("%d\n",ans[i]); else puts("NIE"); } return 0; }
BZOJ2527 & 洛谷3527:[Poi2011]Meteors——題解