hdu 1166 敵兵布陣
阿新 • • 發佈:2018-01-19
正整數 sum man %d sam tom 數組 time 20px
Total Submission(s): 40097????Accepted Submission(s): 16932
Problem Description C國的死對頭A國這段時間正在進行軍事演習,所以C國間諜頭子Derek和他手下Tidy又開始忙乎了。
中央情報局要研究敵人到底演習什麽戰術,所以Tidy要隨時向Derek匯報某一段連續的工兵營地一共同擁有多少人,比如Derek問:“Tidy,立即匯報第3個營地到第10個營地共同擁有多少人!”Tidy就要立即開始計算這一段的總人數並匯報。但敵兵營地的人數常常變動,而Derek每次詢問的段都不一樣。所以Tidy不得不每次都一個一個營地的去數,非常快就精疲力盡了。Derek對Tidy的計算速度越來越不滿:"你個死肥仔,算得這麽慢,我炒你魷魚!”Tidy想:“你自己來算算看,這可真是一項累人的工作!我恨不得你炒我魷魚呢!”無奈之下。Tidy僅僅好打電話向計算機專家Windbreaker求救,Windbreaker說:“死肥仔,叫你平時做多點acm題和看多點算法書。如今嘗到苦果了吧!”Tidy說:"我知錯了。。
(3)Query i j ,i和j為正整數,i<=j,表示詢問第i到第j個營地的總人數;
(4)End 表示結束,這條命令在每組數據最後出現;
每組數據最多有40000條命令
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Output 對第i組數據,首先輸出“Case i:”和回車,
對於每一個Query詢問,輸出一個整數並回車,表示詢問的段中的總人數,這個數保持在int以內。
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Sample Input 1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End ?
Sample Output Case 1: 6 33 59
敵兵布陣
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)????Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 40097????Accepted Submission(s): 16932
Problem Description C國的死對頭A國這段時間正在進行軍事演習,所以C國間諜頭子Derek和他手下Tidy又開始忙乎了。
A國在海岸線沿直線布置了N個工兵營地,Derek和Tidy的任務就是要監視這些工兵營地的活動情況。因為採取了某種先進的監測手段。所以每一個工兵營地的人數C國都掌握的一清二楚,每一個工兵營地的人數都有可能發生變動,可能添加或降低若幹人手,但這些都逃只是C國的監視。
。
"但Windbreaker已經掛掉電話了。Tidy非常苦惱。這麽算他真的會崩潰的,聰明的讀者,你能寫個程序幫他完畢這項工作嗎?只是假設你的程序效率不夠高的話,Tidy還是會受到Derek的責罵的.
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Input
第一行一個整數T,表示有T組數據。
每組數據第一行一個正整數N(N<=50000),表示敵人有N個工兵營地,接下來有N個正整數,第i個正整數ai代表第i個工兵營地裏開始時有ai個人(1<=ai<=50)。
接下來每行有一條命令,命令有4種形式:
(1) Add i j,i和j為正整數,表示第i個營地添加j個人(j不超過30)
(2)Sub i j ,i和j為正整數,表示第i個營地降低j個人(j不超過30);
(4)End 表示結束,這條命令在每組數據最後出現;
每組數據最多有40000條命令
?
Output 對第i組數據,首先輸出“Case i:”和回車,
對於每一個Query詢問,輸出一個整數並回車,表示詢問的段中的總人數,這個數保持在int以內。
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Sample Input 1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End ?
Sample Output Case 1: 6 33 59
初接觸樹狀數組和線段樹!!!
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AC代碼例如以下:
樹狀數組代碼
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int c[100005]; int n,m; int lowbit(int a) { return a&-a; } void add(int i,int a) { for(;i<=n;i+=lowbit(i)) c[i]+=a; } int sum(int a) { int ans=0; for(;a>0;a-=lowbit(a)) ans+=c[a]; return ans; } int main() { int t; int i,j,cas; int a,b; char st[10]; scanf("%d",&t); for(cas=1;cas<=t;cas++) { memset(c,0,sizeof c); scanf("%d",&n); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a); add(i,a); } printf("Case %d:\n",cas); for(;;) { scanf("%s",st); if(st[0]==‘E‘) break; scanf("%d%d",&a,&b); if(st[0]==‘A‘) add(a,b); if(st[0]==‘S‘) add(a,-b); if(st[0]==‘Q‘) printf("%d\n",sum(b)-sum(a-1)); } } return 0; }
線段樹
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int n,m; int num[100005]; struct H { int l,r,sum; }trees[300005]; void build_trees(int jd,int l,int r) { trees[jd].l=l; trees[jd].r=r; if(l==r) {trees[jd].sum=num[l];return ;} int mid = (l+r)/2; build_trees(jd*2,l,mid); build_trees(jd*2+1,mid+1,r); trees[jd].sum=trees[jd*2].sum+trees[jd*2+1].sum; } void update(int jd,int a,int b) { if(trees[jd].l==trees[jd].r) trees[jd].sum+=b; else { int mid = (trees[jd].l+trees[jd].r)/2; if(a<=mid) update(jd*2,a,b); else update(jd*2+1,a,b); trees[jd].sum=trees[jd*2].sum+trees[jd*2+1].sum; } } int query(int jd , int l,int r) { if(l<=trees[jd].l&&r>=trees[jd].r) return trees[jd].sum; int ans=0; int mid = (trees[jd].l+trees[jd].r)/2; if(l<=mid) ans+=query(jd*2,l,r); if(r>mid) ans+=query(jd*2+1,l,r); return ans; } int main() { int t; int i,j,cas; int a,b; char st[10]; scanf("%d",&t); for(cas=1;cas<=t;cas++) { memset(num,0,sizeof num); scanf("%d",&n); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&num[i]); } build_trees(1,1,n); printf("Case %d:\n",cas); for(;;) { scanf("%s",st); if(st[0]==‘E‘) break; scanf("%d%d",&a,&b); if(st[0]==‘A‘) update(1,a,b); if(st[0]==‘S‘) update(1,a,-b); if(st[0]==‘Q‘) printf("%d\n",query(1,a,b)); } } return 0; }
hdu 1166 敵兵布陣