BZOJ 2159: Crash 的文明世界（樹形dp+第二類斯特林數+組合數）
- 題意：
給定一棵 \(n\) 個點的樹和一個常數 \(k\) , 對於每個 \(i\) , 求
\[\displaystyle S(i) = \sum _{j=1} ^ {n} \mathrm{dist}(i, j)^k\]
\(n ≤ 50000, k ≤ 150\)
- 題解 :
先劃劃那個 \(S(i)\) 的式子
我們需要知道一個化 \(x^n(n \ge 0)\) 的東西qwq
\[\displaystyle x^n=\sum_{k=0}^{n}\begin{Bmatrix} n \\ k \end{Bmatrix} x^{\underline k}=\sum _{k=0}^{n}(-1)^k \begin{Bmatrix} n \\ k \end{Bmatrix} {\overline x}\]
這個式子十分的有用，可以轉化很多冪指數的東西為斯特林數。
\[\displaystyle S(i)=\sum _{j=1}^{n}\sum_{l=0}^{k}\begin{Bmatrix} k \\ l \end{Bmatrix} \mathrm{dist}(i,j)^{\underline l}\]
然後換個位置
\[\displaystyle S(i)=\sum_{l=0}^{k}\begin{Bmatrix} k \\ l \end{Bmatrix}\sum _{j=1}^{n} \mathrm{dist}(i,j)^{\underline l}\]
然後用一下組合數的一個定義式子：
\[\displaystyle \binom n k = \frac{n!}{(n-k)!k!}=\frac{n^{\underline k}}{k!}\]
\[\therefore \displaystyle n^{\underline k}=\binom n k k!\]
這也可以導出下降冪了
\[\displaystyle S(i)=\sum_{l=0}^{k}\begin{Bmatrix} k \\ l \end{Bmatrix} l!\sum _{j=1}^{n} \binom {\mathrm{dist}(i,j)} l\]
前面那一部分顯然是穩定不變的，我們就可以去維護第二部分啦
令 \[\displaystyle dp[i][l]=\sum _{j=1}^{n} \binom {\mathrm{dist}(i,j)} l\]
由於是組合數我們就可以直接套用它的一個遞推式來轉移了（因為轉移的時候，所有 \(\mathrm{dist}(i,j)\)
\[\displaystyle \binom n k = \binom {n-1} {k} + \binom {n-1} {k-1}\]
同樣的，就有 \(dp[i][l]=dp[j][l]+dp[j][l-1]\) 此處 \(j\) 是 \(i\) 的一個兒子。（這個遞推式用來轉移真的是巧妙啊qwq）
然後我們要算兩個 \(dp\) 值，一個 \(f_{i,l}\) 統計子樹的，一個 \(g_{i,l}\) 統計子樹外的。
統計子樹外的時候，要先算父親那過來的貢獻，然後再算兄弟的貢獻。
算兄弟的貢獻可以用父親貢獻減掉自己的貢獻（見代碼中分步寫的 \(g_{i,j}\) 的轉移） 而且要先轉移，再遍歷
所以最後 \(O(nk)\) 個狀態， \(O(1)\) 的轉移，總復雜度就是 \(\Theta(nk)\) .
那個解壓輸入直接拷貝了 Hany01 大佬的 qwq不會寫
代碼：
/**************************************************************
Problem: 2159
User: zjp_shadow
Language: C++
Result: Accepted
Time:4156 ms
Memory:67680 kb
****************************************************************/
#include <bits/stdc++.h>
#define For(i, l, r) for(register int i = (l), i##end = (int)(r); i <= i##end; ++i)
#define Fordown(i, r, l) for(register int i = (r), i##end = (int)(l); i >= i##end; --i)
#define Set(a, v) memset(a, v, sizeof(a))
using namespace std;
inline bool chkmin(int &a, int b) {return b < a ? a = b, 1 : 0;}
inline bool chkmax(int &a, int b) {return b > a ? a = b, 1 : 0;}
inline int read() {
int x = 0, fh = 1; char ch = getchar();
for (; !isdigit(ch); ch = getchar()) if (ch == ‘-‘) fh = -1;
for (; isdigit(ch); ch = getchar()) x = (x * 10) + (ch ^ 48);
return x * fh;
}
void File() {
#ifdef zjp_shadow
freopen ("2159.in", "r", stdin);
freopen ("2159.out", "w", stdout);
#endif
}
const int Mod = 10007, N = 50010;
vector<int> G[N];
int n, k, S[160][160];
int fac[160];
void Init(int maxn) {
S[0][0] = 1; For (i, 1, maxn) { S[i][1] = 1; For (j, 1, i) S[i][j] = (j * S[i - 1][j] % Mod + S[i - 1][j - 1]) % Mod; }
fac[0] = fac[1] = 1; For (i, 2, maxn) fac[i] = fac[i - 1] * i % Mod;
}
int f[N][160], sz[N];
void Dfs1(int u, int fa) {
f[u][0] = 1; sz[u] = 1;
For (i, 0, G[u].size() - 1) {
int v = G[u][i]; if (v == fa) continue ;
Dfs1(v, u); sz[u] += sz[v];
(f[u][0] += f[v][0]) %= Mod;
For (j, 1, k) (f[u][j] += f[v][j] + f[v][j - 1]) %= Mod;
}
}
int g[N][160];
void Dfs2(int u, int fa) {
g[u][0] = (n - sz[u]) % Mod;
if (fa) {
For (i, 1, k) {
g[u][i] = g[fa][i] + g[fa][i - 1];
g[u][i] += f[fa][i] - (f[u][i] + f[u][i - 1]);
g[u][i] += f[fa][i - 1] - (f[u][i - 1] + (i > 1 ? f[u][i - 2] : 0));
g[u][i] = (g[u][i] % Mod + Mod) % Mod;
}
}
For (i, 0, G[u].size() - 1) { int v = G[u][i]; if (v == fa) continue ; Dfs2(v, u); }
}
int ans[N];
inline void Input_Umcompress()
{
register int l, now, a, b, q, tmp, u, v;
n = read(), k = read(), l = read(), now = read(), a = read(), b = read(), q = read();
For(i, 1, n - 1)
now = (now * a + b) % q, tmp = i < l ? i : l,
u = i - now % tmp, v = i + 1, G[u].push_back(v), G[v].push_back(u);
}
int main () {
File(); Init(150);
Input_Umcompress();
/*n = read(); k = read();
For (i, 1, n - 1) {
int u = read(), v = read();
G[u].push_back(v);
G[v].push_back(u);
}*/
Dfs1(1, 0); Dfs2(1, 0);
For (i, 1, n) {
For (l, 0, k)
(ans[i] += S[k][l] * fac[l] % Mod * (f[i][l] + g[i][l]) % Mod) %= Mod;
printf ("%d\n", ans[i]);
}
return 0;
}BZOJ 2159: Crash 的文明世界（樹形dp+第二類斯特林數+組合數）