【刷題】BZOJ 2734 [HNOI2012]集合選數
阿新 • • 發佈:2018-08-22
double out set dot urn 關系 ots n) 其中
那麽對於一個數 \(x\) ,與它有沖突關系的數就都選出來了,我們只要在矩陣上選數,並且相鄰位置不能選到就可以了
這一步就是個狀壓dp模板題
對於不在同一矩陣的每一種 \(x\) ,都構造一個矩陣,計算答案。這些矩陣之間互不幹擾,所以直接乘起來就好了
Description
《集合論與圖論》這門課程有一道作業題,要求同學們求出{1, 2, 3, 4, 5}的所有滿足以 下條件的子集:若 x 在該子集中,則 2x 和 3x 不能在該子集中。同學們不喜歡這種具有枚舉性 質的題目,於是把它變成了以下問題:對於任意一個正整數 n≤100000,如何求出{1, 2,..., n} 的滿足上述約束條件的子集的個數(只需輸出對 1,000,000,001 取模的結果),現在這個問題就 交給你了。
Input
只有一行,其中有一個正整數 n,30%的數據滿足 n≤20。
Output
僅包含一個正整數,表示{1, 2,..., n}有多少個滿足上述約束條件 的子集。
Sample Input
4
Sample Output
8
【樣例解釋】
有8 個集合滿足要求,分別是空集,{1},{1,4},{2},{2,3},{3},{3,4},{4}。
Solution
考慮構造這樣一個矩陣
\[
\begin{bmatrix}
x & 3x & 9x & 27x & \cdots & \\ \2x & 6x & 18x & 54x & \cdots & \\ \4x & 12x & 36x & 108x & \cdots & \\ \8x & 24x & 72x & 216x & \cdots & \\ \\vdots & \vdots & \vdots & \vdots & \ddots &\\end{bmatrix}
\]
那麽對於一個數 \(x\) ,與它有沖突關系的數就都選出來了,我們只要在矩陣上選數,並且相鄰位置不能選到就可以了
這一步就是個狀壓dp模板題
對於不在同一矩陣的每一種 \(x\) ,都構造一個矩陣,計算答案。這些矩陣之間互不幹擾,所以直接乘起來就好了
#include<bits/stdc++.h> #define ui unsigned int #define ll long long #define db double #define ld long double #define ull unsigned long long const int MAXN=100000+10,Mod=1e9+1; int n,G[20],cnt,p[MAXN],vis[MAXN]; ll f[20][2000],ans; template<typename T> inline void read(T &x) { T data=0,w=1; char ch=0; while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar(); if(ch=='-')w=-1,ch=getchar(); while(ch>='0'&&ch<='9')data=((T)data<<3)+((T)data<<1)+(ch^'0'),ch=getchar(); x=data*w; } template<typename T> inline void write(T x,char ch='\0') { if(x<0)putchar('-'),x=-x; if(x>9)write(x/10); putchar(x%10+'0'); if(ch!='\0')putchar(ch); } template<typename T> inline void chkmin(T &x,T y){x=(y<x?y:x);} template<typename T> inline void chkmax(T &x,T y){x=(y>x?y:x);} template<typename T> inline T min(T x,T y){return x<y?x:y;} template<typename T> inline T max(T x,T y){return x>y?x:y;} inline ll qexp(ll a,ll b) { ll res=1; while(b) { if(b&1)res=res*a%Mod; a=a*a%Mod; b>>=1; } return res; } inline bool check(int st) { return (st&(st<<1))||(st&(st>>1)); } inline ll solve(ll x) { memset(G,0,sizeof(G)); int w=0,h=0; while(x*qexp(2,w)<=n)++w; while(x*qexp(3,h)<=n)++h; for(register int i=1;i<=w;++i) for(register int j=1;j<=h;++j) if(qexp(2,i-1)*qexp(3,j-1)*x<=n)vis[qexp(2,i-1)*qexp(3,j-1)*x]=1,G[i]|=(1<<h-j); cnt=0; for(register int st=0;st<(1<<h);++st) if(!check(st))p[++cnt]=st; memset(f,0,sizeof(f)); for(register int i=1;i<=w;++i) for(register int j=1;j<=cnt;++j) if((p[j]|G[i])==G[i]) { if(i==1)f[i][j]++; else for(register int k=1;k<=cnt;++k) if((p[k]|G[i-1])==G[i-1]&&!(p[j]&p[k]))(f[i][j]+=f[i-1][k])%=Mod; } ll res=0; for(register int i=1;i<=cnt;++i) if((p[i]|G[w])==G[w])(res+=f[w][i])%=Mod; return res; } int main() { read(n);ans=1; for(register int i=1;i<=n;++i) if(!vis[i])ans=1ll*ans*solve(i)%Mod; write(ans,'\n'); return 0; }
【刷題】BZOJ 2734 [HNOI2012]集合選數