#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;

#define debug puts("YES");
#define rep(x,y,z) for(int (x)=(y);(x)<(z);(x)++)
#define ll long long

#define lrt int l,int r,int rt
#define lson l,mid,rt<<1
#define rson mid+1,r,rt<<1|1
#define root l,r,rt
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
const int  maxn =50+5;
const int mod=2015;
const int ub=1e6;
ll powmod(ll x,ll y){ll t; for(t=1;y;y>>=1,x=x*x%mod) if(y&1) t=t*x%mod; return t;}
ll gcd(ll x,ll y){return y?gcd(y,x%y):x;}
/*
題目大意：給定n個點，每個點都有個前繼關係，
就是說每個點後面可以連上k個點，
問利用這n個點組成的長度不超過m的序列數量是多少。

典型的矩陣快速冪格式，
先把要冪運算的矩陣構造出來，
不難發現這個狀態轉移矩陣就是每個點的前驅關係構成的，
其實就是張有向圖，
找好初始狀態，不難發現長度為1時候所有點數量均為1，
下面就是套路了，求快速冪的字首和是用構造矩陣的做法，
詳見程式碼。
*/


///矩陣結構
struct mat{
    ll a[maxn][maxn];
    int n;
    mat(int l=maxn-1){
        memset(a,0,sizeof(a));
        n=l;
        for(int i=1;i<=l;i++) a[i][i]=1;///初始化矩陣
    }
    mat operator*(const mat& y) const{
        mat ret;
        for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++){
            ret.a[i][j]=0;
            for(int k=1;k<=n;k++) (ret.a[i][j]+=1LL*a[i][k]*y.a[k][j]%mod)%=mod;
        }
        return ret;
    }
};

mat quick_pow(mat x,ll n){mat ret;for(;n;n>>=1,x=x*x) if(n&1) ret=x*ret;return ret;}

ll n,m,y;

ll solve()
{
    int k;
    mat x(n+1);memset(x.a,0,sizeof(x.a));
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%d",&k);
        x.a[i][n+1]=1;
        for(int j=1;j<=k;j++) {scanf("%lld",&y);x.a[i][y]=1;}
    }
    if(m==0) return 1LL;
    x.a[n+1][n+1]=1;  x=quick_pow(x,m);
    ll ans=0;for(int i=1;i<=n;i++) ans=(ans+x.a[i][n+1])%mod;
    return (ans+1)%mod;
}

int main()
{
    int t;scanf("%d",&t);
    while(t--)
    {
        scanf("%lld%lld",&n,&m);
        printf("%lld\n",solve());
    }
    return 0;
}