菜鳥系列之C/C++經典試題(三)
設計包括min函數的棧
題目:定義棧的數據結構,要求加入一個min函數,可以得到棧的最小元素。要求函數min、push以及pop的時間復雜度都是O(1)。
分析:這是2006年google的一道面試題。
我看到這道題目時,第一反應就是每次push一個新元素時,將棧裏全部逆序元素排序。
這樣棧頂元素將是最小元素。但因為不能保證最後push進棧的元素最先出棧,這樣的思路設計的數據結構已經不是一個棧了。
在棧裏加入一個成員變量存放最小元素(或最小元素的位置)。每次push一個新元素進棧的時候,假設該元素比當前的最小元素還要小,則更新最小元素。
乍一看這樣思路挺好的。但細致一想,該思路存在一個重要的問題:假設當前最小元素被pop出去,怎樣才幹得到下一個最小元素?
因此只只加入一個成員變量存放最小元素(或最小元素的位置)是不夠的。我們須要一個輔助棧。每次push一個新元素的時候,同一時候將最小元素(或最小元素的位置。考慮到棧元素的類型可能是復雜的數據結構,用最小元素的位置將能降低空間消耗)push到輔助棧中;每次pop一個元素出棧的時候。同一時候pop輔助棧。
參考代碼:
#include <deque> #include <assert.h> template <typename T> class CStackWithMin { public: CStackWithMin(void) {} virtual ~CStackWithMin(void) {} T& top(void); const T& top(void) const; void push(const T& value); void pop(void); const T& min(void) const; private: T > m_data; // the elements of stack size_t > m_minIndex; // the indices of minimum elements }; // get the last element of mutable stack template <typename T> T& CStackWithMin<T>::top() { return m_data.back(); } // get the last element of non-mutable stack template <typename T> const T& CStackWithMin<T>::top() const { return m_data.back(); } // insert an elment at the end of stack template <typename T> void CStackWithMin<T>::push(const T& value) { // append the data into the end of m_data m_data.push_back(value); // set the index of minimum elment in m_data at the end of m_minIndex if (m_minIndex.size() == 0) m_minIndex.push_back(0); else { if (value < m_data[m_minIndex.back()]) m_minIndex.push_back(m_data.size() - 1); else m_minIndex.push_back(m_minIndex.back()); } } // erease the element at the end of stack template <typename T> void CStackWithMin<T>::pop() { // pop m_data m_data.pop_back(); // pop m_minIndex m_minIndex.pop_back(); } // get the minimum element of stack template <typename T> const T& CStackWithMin<T>::min() const { assert(m_data.size() > 0); assert(m_minIndex.size() > 0); return m_data[m_minIndex.back()]; }
舉個樣例演示上述代碼的執行過程:
步驟 數據棧 輔助棧 最小值
1.push 3 3 0 3
2.push 4 3,4 0,0 3
3.push 2 3,4,2 0,0,2 2
4.push 1 3,4,2,1 0,0,2,3 1
5.pop 3,4,2 0,0,2 2
6.pop 3,4 0,0 3
7.push 0 3,4,0 0,0,2 0
討論:假設思路正確。編寫上述代碼不是一件非常難的事情。但假設能註意一些細節無疑能在面試中加分。
比方我在上面的代碼中做了例如以下的工作:
· 用模板類實現。假設別人的元素類型僅僅是int類型。模板將能給面試官帶來好印象。
· 兩個版本號的top函數。在非常多類中。都須要提供const和非const版本號的成員訪問函數;
· min函數中assert。把代碼寫的盡量安全是每一個軟件公司對程序猿的要求;
· 加入一些凝視。凝視既能提高代碼的可讀性,又能添加代碼量,何樂而不為?
總之,在面試時假設時間同意。盡量把代碼寫的美麗一些。說不定代碼中的幾個小亮點就能讓自己輕松拿到心儀的Offer。
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