1010. [HNOI2008]玩具裝箱TOY【斜率優化DP】
阿新 • • 發佈:2018-03-31
ont 位長 str 北京 clas 斜率 out hellip hnoi
器,甚至超過L。但他希望費用最小.
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fi=min [ fj+(si-sj+i-j-1-L)^2 ]
一開始就是因為不會化解式子……但這裏有個很巧妙的方法
把i和i放到一起,j和j放到一起
設pi=si+i,pj=sj+j,L‘=L+1
式子化出來就是
fi=min [ -2pipj+pj^2+fj+2pjL‘ ]+pi^2-2piL‘+L‘^2
設x為pi,k為-2pj,b為pj^2+fj+2pjL‘,斜率優化即可
Description
P教授要去看奧運,但是他舍不下他的玩具,於是他決定把所有的玩具運到北京。他使用自己的壓縮器進行壓
縮,其可以將任意物品變成一堆,再放到一種特殊的一維容器中。P教授有編號為1...N的N件玩具,第i件玩具經過
壓縮後變成一維長度為Ci.為了方便整理,P教授要求在一個一維容器中的玩具編號是連續的。同時如果一個一維容
器中有多個玩具,那麽兩件玩具之間要加入一個單位長度的填充物,形式地說如果將第i件玩具到第j個玩具放到一
個容器中,那麽容器的長度將為 x=j-i+Sigma(Ck) i<=K<=j 制作容器的費用與容器的長度有關,根據教授研究,
如果容器長度為x,其制作費用為(X-L)^2.其中L是一個常量。P教授不關心容器的數目,他可以制作出任意長度的容
Input
第一行輸入兩個整數N,L.接下來N行輸入Ci.1<=N<=50000,1<=L,Ci<=10^7
Output
輸出最小費用
Sample Input
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4
2
1
4
Sample Output
1 這個題唯一麻煩的就是化式子……DP式子還是很簡單的fi=min [ fj+(si-sj+i-j-1-L)^2 ]
一開始就是因為不會化解式子……但這裏有個很巧妙的方法
把i和i放到一起,j和j放到一起
式子化出來就是
fi=min [ -2pipj+pj^2+fj+2pjL‘ ]+pi^2-2piL‘+L‘^2
設x為pi,k為-2pj,b為pj^2+fj+2pjL‘,斜率優化即可
#include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #define LL long long #define N (50000+100) using namespace std; LL p[N],s[N],n,L,x; LL q[N*2],head,tail,f[N]; LL K(LL j) { return -2*p[j]; } LL B(LL j) { return p[j]*p[j]+f[j]+2*p[j]*(L+1); } LL Y(LL i,LL j) { return K(j)*p[i]+B(j); } bool cover(LL x1,LL x2,LL x3) { LL w1=(B(x3)-B(x1))*(K(x1)-K(x2)); LL w2=(B(x2)-B(x1))*(K(x1)-K(x3)); return w1>=w2; } int main() { scanf("%lld%lld",&n,&L); for (LL i=1;i<=n;++i) scanf("%lld",&x),s[i]=s[i-1]+x,p[i]=s[i]+i; LL head=1,tail=1; for (LL i=1;i<=n;++i) { while (head<tail && Y(i,q[head])>=Y(i,q[head+1])) head++; f[i]=Y(i,q[head]) + p[i]*p[i] - 2*p[i]*(L+1) + (L+1)*(L+1); while (head<tail && cover(i,q[tail],q[tail-1])) tail--; q[++tail]=i; } printf("%lld",f[n]); }
1010. [HNOI2008]玩具裝箱TOY【斜率優化DP】