2017年多校聯合訓練 第二場(成電)
1001 Is Derek lying?
hdoj6045題目連結
用same表示兩個字串對應位置相同的個數,用diff表示兩個字串對應位置不同的個數,易得same+diff=N
稍加分析易知:
-diff<=X-Y<=diff
0<=X+Y<=2*same+diff(=2*n-diff)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 80005
int main()
{
int t,n,x,y,i,s;
char a[N],b[N];
scanf ("%d",&t);
while(t--){
scanf("%d%d%d%s%s",&n,&x,&y,a,b);
for(s=i=0;i<n;i++)if(a[i]!=b[i]) s++;
puts(abs(x-y)<=s&&x+y<=2*n-s?"Not lying":"Lying");
}
}
1003 Maximum Sequence
hdoj6047題目連結
對於每一個b[k],即每個左端點,在考慮放到a[i],i∈(n,2*n]的數的時候,把區間[b[k],i)分為[b[k],n],[n+1,i)兩個區間
首先預處理a[i]-=i,再預處理出字尾最大值,c[i]表示max{a[i],…,a[n]}
vs陣列變相記錄了題目中的b陣列,mn表示最左端點
貪心策略就是,所能放的最大值c[mn]一定要放在a[n+1],並且可以保證a[n+1]=max{a[n+1],…,a[2*n]}
再回到第一句說的兩個區間,易知第一個區間的最大值為c[b[k]],第二個區間的最大值為a[n+1]-(n+1)=c[mn]-(n+1)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
const LL M=1e9+7;
#define N 250005
int n,i,x,a[N],c[N],mn,tmp;
LL ans,vs[N];
int main()
{
while(~scanf("%d",&n)){
for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),a[i]-=i,vs[i]=0;
for(c[n+1]=0,i=n;i;i--) c[i]=max(a[i],c[i+1 ]);
for(mn=N,i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&x),vs[x]++,mn=min(mn,x);
tmp=c[mn]-(n+1);
for(ans=0,i=n;i&&n;i--)if(vs[i]) ans=(ans+vs[i]*max(tmp,c[i])%M)%M,n-=vs[i];
printf("%lld\n",ans);
}
}
1009 TrickGCD
hdoj6053題目連結
莫比烏斯反演
首先看到題目裡說gcd>=2就該聯想到取補集,用所有的情況數減去gcd==1的情況更為簡便
f(d)表示d==gcd(b[1],b[2],…,b[n])的情況數
F(d)表示d|gcd(b[1],b[2],…,b[n])的情況數,易得:
由莫比烏斯反演得:
我們要求的
預處理F陣列,每次對於i,找出所有滿足
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
#define ms(x) memset(x,0,sizeof(x))
const int N=1e5+5;
const LL M=1e9+7;
bool vs[N];
int pm[N],a[N];
LL mu[N],F[N],ans,tmp;
void mobius()
{
mu[1]=1;
int tot=0;
for(int i=2;i<N;i++){
if(!vs[i]) pm[tot++]=i,mu[i]=-1;
for(int j=0;j<tot;j++){
if(i*pm[j]>N) break;
vs[i*pm[j]]=1;
mu[i*pm[j]]=i%pm[j]?-mu[i]:0;
}
}
}
LL pow_mod(LL a,LL b)
{
LL s=1;
while(b){
if(b&1) s=s*a%M;
b>>=1;
a=a*a%M;
}
return s;
}
int main()
{
mobius();
int t,c,n,x,mn,mx,i,j;
scanf("%d",&t);
for(c=1;c<=t;c++){
scanf("%d",&n);
ms(a),ms(F),mn=N,mx=0,ans=1;
while(n--) scanf("%d",&x),a[x]++,mn=min(mn,x),mx=max(mx,x),ans=ans*x%M;
for(i=1;i<=mx;i++) a[i]+=a[i-1];
for(i=1;i<=mn;i++)for(F[i]=j=1;j*i<=mx;j++) F[i]=F[i]*pow_mod(j,a[min(i*(j+1)-1,mx)]-a[i*j-1])%M;
for(tmp=0,i=mn;i;i--) tmp=(tmp+F[i]*mu[i]%M)%M;
printf("Case #%d: %lld\n",c,(ans-tmp+M)%M);
}
}
1011 Regular polygon
hdoj6055題目連結
稍加分析易知,在所給點的座標均為整數的情況下,能構成的正多邊形只能是正方形
n方暴力,確定兩點之後判斷是否存在能與他倆組成正方形的兩點
最後答案除以4,因為一個正方形四個點任取兩個,再減去兩個點在對角線上的情況,C(4,2)-2=4
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
int x[505],y[505],vs[205][205],n,i,j,ans,dx,dy,x1,y1,x2,y2;
bool chk(int a,int b) { return a>=0&&a<=200&&b>=0&&b<=200; } //防止x1,y1,x2,y2越界
int main()
{
while(~scanf("%d",&n)){
memset(vs,0,sizeof(vs));
for(i=1;i<=n;i++) scanf("%d%d",&x[i],&y[i]),x[i]+=100,y[i]+=100,vs[x[i]][y[i]]++;
for(ans=0,i=1;i<n;i++)for(j=i+1;j<=n;j++){
dx=x[i]-x[j],dy=y[i]-y[j];
x1=x[i]+dy,y1=y[i]-dx;
x2=x[j]+dy,y2=y[j]-dx;
if(chk(x1,y1)&&chk(x2,y2)) ans+=vs[x1][y1]*vs[x2][y2];
x1=x[i]-dy,y1=y[i]+dx;
x2=x[j]-dy,y2=y[j]+dx;
if(chk(x1,y1)&&chk(x2,y2)) ans+=vs[x1][y1]*vs[x2][y2];
}
printf("%d\n",ans/4);
}
}