描述

假設有n個人要上網，卻只有1臺電腦可以上網。上網的時間是從1 szw 至 T szw ，szw是sxc,zsx,wl自創的時間單位，至於 szw怎麽換算成s,min或h，沒有人清楚。依次給出每個人在某個時間段內上網的快樂程度C（必須這個人在整個時間段內都在上網，才能獲得快樂程度C，否則，快樂程度是0），請你得到使總的快樂程度達到最大的方案。

輸入

第1行2個整數 n和T，含義如題目所述；

接下來有n個這樣的結構（每兩個相鄰的結構之間有一空行，且第1個結構和第一行間有一空行）：

第1行一個整數Mi，表示第i個人的時間段的個數；

接下來有Mi行，每行3個整數Xj,Yj,C，表示第i個人在[Xj，Yj]內上網的快樂程度為C，

因此有Xj-Yj-1=1，X1=1，Ymi=T，Xj<=Yj。

輸出

僅輸出一行，為總的最大的快樂程度。

輸入樣例 1

3 10

3
1 3 6
4 7 9
8 10 3

3
1 3 5
4 7 10
8 10 1

4
1 3 2
4 8 2
9 9 6
10 10 3

輸出樣例 1

25

提示

【樣例說明】

在[1，3]內，安排1上網，快樂程度為6；

在[4，7]內，安排2上網，快樂程度為10；

在[8，8]內，不安排；

在[9，9]內，安排3上網，快樂程度為6；

在

這是使總的快樂程度達到最大的方案，對應的值是25。

【數據範圍】

對於30%的數據，n<=4，所有的Mi<=5，T<=20；

對於60%的數據，n<=100，所有的Mi<=100，T<=2000；

對於100%的數據，n<=500，所有的Mi<=500，T<=500000，所有的0<C<=10^9，並保證最終解Max<=10^9。

以結束時間來dp即可 和背包沒什麽兩樣
註意其中的一個細節 因為這個wa了一次

#include<bits/stdc++.h>
using namespace
 
 std;
//input by bxd
#define rep(i,a,b) for(int i=(a);i<=(b);i++)
#define repp(i,a,b) for(int i=(a);i>=(b);i--)
#define RI(n) scanf("%d",&(n))
#define RII(n,m) scanf("%d%d",&n,&m)
#define RIII(n,m,k) scanf("%d%d%d",&n,&m,&k)
#define RS(s) scanf("%s",s);
#define LL long long
#define pb push_back
#define fi first
#define REP(i,N)  for(int i=0;i<(N);i++)
#define CLR(A,v)  memset(A,v,sizeof A)
///////////////////////////////////
#define inf 0x3f3f3f3f
#define N 1000+50
struct node
{
    int s,e,v;

}s[500000+5];
vector<int>tim[500000+5];
long long dp[500000+5];
int main()
{
    int n,T;
    RII(n,T);
    int cnt=0;
    rep(i,1,n)
    {
        int q;
        RI(q);
        while(q--)
        {
            int a,b,c;
            RIII(a,b,c);
            if(b>T)continue;
            s[++cnt].s=a;
            s[cnt].e=b;
            s[cnt].v=c;
            tim[b].pb(cnt);
        }
    }
    rep(i,1,T)
    {
        dp[i]=dp[i-1];
        if(tim[i].size() )
        rep(j,0,tim[i].size()-1)
        {
            int u=tim[i][j];
            dp[i]=max(dp[i],dp[i-(s[u].e-s[u].s+1)]+s[u].v );//註意這裏一定要加一  舉個起點和終點相等的例子即可
        }
    }
    cout<<dp[T];
    return 0;
}

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