BZOJ_4636_蒟蒻的數列_線段樹+動態開點
阿新 • • 發佈：2018-05-20
desc mes bound d+ lib scan 他還 inpu AI
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把操作離線並從小到大排序，相當於線段樹維護區間賦值操作。 本題可以離散化也可以動態開點，我這裏處理不好線段樹維護離散後的區間因此寫了動態開點。 註意pushdown操作時如果沒有這個兒子也要開出來。 代碼：
BZOJ_4636_蒟蒻的數列_線段樹+動態開點
Description
蒟蒻DCrusher不僅喜歡玩撲克，還喜歡研究數列 題目描述 DCrusher有一個數列，初始值均為0，他進行N次操作，每次將數列[a,b)這個區間中所有比k小的數改為k，他想知 道N次操作後數列中所有元素的和。他還要玩其他遊戲，所以這個問題留給你解決。Input
第一行一個整數N，然後有N行，每行三個正整數a、b、k。 N<=40000 , a、b、k<=10^9Output
一個數，數列中所有元素的和Sample Input
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Sample Output
16把操作離線並從小到大排序，相當於線段樹維護區間賦值操作。 本題可以離散化也可以動態開點，我這裏處理不好線段樹維護離散後的區間因此寫了動態開點。 註意pushdown操作時如果沒有這個兒子也要開出來。 代碼：
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <algorithm>
#include <stdlib.h>
using namespace std;
#define N 40050
#define maxn 1000000000
typedef long long ll;
struct A {
int l,r,k;
}a[N];
bool cmp(const A &x,const A &y) {return x.k<y.k;}
int tag[N*80],cnt,n,ls[N*80],rs[N*80];
ll t[N*80];
/*int make(int x) {
return lower_bound(v+1,v+cnt+1,x)-v;
}*/
void pushdown(int l,int r,int &p,int w) {
if(!p) p=++cnt;
t[p]=1ll*w*(r-l+1); tag[p]=w;
}
void update(int l,int r,int x,int y,int w,int &p) {
if(p==0) p=++cnt;
if(x<=l&&y>=r) {
t[p]=1ll*w*(r-l+1);
tag[p]=w;
return ;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(tag[p]) {
pushdown(l,mid,ls[p],tag[p]);
pushdown(mid+1,r,rs[p],tag[p]);
tag[p]=0;
}
if(x<=mid) update(l,mid,x,y,w,ls[p]);
if(y>mid) update(mid+1,r,x,y,w,rs[p]);
t[p]=t[ls[p]]+t[rs[p]];
}
int main() {
scanf("%d",&n);
int i;
for(i=1;i<=n;i++) {
scanf("%d%d%d",&a[i].l,&a[i].r,&a[i].k);
a[i].r--;
/*v[++cnt]=a[i].l;
v[++cnt]=a[i].r;*/
}
/*sort(v+1,v+cnt+1);
cnt=unique(v+1,v+cnt+1)-v-1;
printf("%d\n",cnt);
for(i=1;i<=cnt;i++) printf("%d\n",v[i]); */
sort(a+1,a+n+1,cmp);
int root=0;
for(i=1;i<=n;i++) {
if(a[i].k==0) continue;
/*printf("%d %d\n",make(a[i].l),make(a[i].r));
update(1,cnt,make(a[i].l),make(a[i].r),a[i].k,1);
printf("sum=%lld\n",t[1]);*/
update(1,maxn,a[i].l,a[i].r,a[i].k,root);
}
printf("%lld\n",t[1]);
}
BZOJ_4636_蒟蒻的數列_線段樹+動態開點