程式設計之美---網易遊戲-2017實習筆試題
阿新 • • 發佈：2018-12-23
編碼
題目1:
給定一個字串，請你將字串重新編碼，將連續的字元替換成“連續
出現的個數+字元”。比如字串AAAABCCDAA會被編碼成4A1B2C1D2A。.統計連續出現的字元數目.注意數字字串之間轉換,別要在這些細節上浪費太多時間,要不然後邊題沒時間做!程式碼:
#include<iostream>
#include<sstream>
int main()
{
std::string s ;
std::cin >> s;
std::string res="";
if(s==""){
std::cout <<"";
return 簡單搜尋:
.題目2:
在一個N*N的陣列中尋找所有橫，豎，左上到右下，右上到左下，四種方向的直線連續D個數字的和裡面最大的值分析
.可優化之處在於”連續” N 個數字和,N大於等於D,每次當和中包含的數字第一次大於N時,要想得到當前和，只需要減去上一次最後一個
值再加上當前的值就可以了, 每次遍歷求和時間O(n),橫豎斜著遍歷去找就可，總時間Ｏ（ｎ＾２）
考察程式設計熟練啊,被bug卡住就杯具了
.程式碼;
#include<iostream>
#include<vector>
using std 推箱子
.題目3:
大家一定玩過“推箱子”這個經典的遊戲。具體規則就是在一個N*M的地
圖上，有1個玩家、1個箱子、1個目的地以及若干障礙，其餘是空地。
玩家可以往上下左右4個方向移動，但是不能移動出地圖或者移動到障
礙裡去。如果往這個方向移動推到了箱子，箱子也會按這個方向移動一
格，當然，箱子也不能被推出地圖或推到障礙裡。當箱子被推到目的地
以後，遊戲目標達成。現在告訴你遊戲開始是初始的地圖佈局，請你求
出玩家最少需要移動多少步才能夠將遊戲目標達成。
.輸入格式程式碼註釋裡有,*表示箱子,X表示人,@表示目的地,#表示障礙分析
.後來做才發現這是寬度優先的題目,在一個圖結構當中如果每條邊權重是1的話,寬度優先搜尋第一次到達目的地步數就是到此位置的最小代價. 分析這道題最好的方式就是畫出狀態轉移關係,小人和箱子的位置確定了當前玩家的一個狀態,下一步要去往的狀態無非是這麼兩種情況:
. 人走到另一個空地,箱子沒動
.人推箱子前進一步
實現簡述
.宣告一個四位陣列來st,當前狀態表示為st[x][x][bx][bx]:人位
置(x,y),箱子位置(bx,by),並將初始位置陣列值設為1,將初始值壓
入一個佇列中
.每次從佇列中取出一個元素,寬度優先下一個未曾到達的狀態(以上分
析的兩種)判斷箱子是否到達終點.如果是列印路長並退出.
.沒有找到相關路徑列印-1.#include<iostream>
#include<vector>
#include<queue>
using std::cin ;
using std::cout;
using std::vector;
using std::endl;
using std::queue;
/*
4 4
....
..*@
....
.X..
*/
int st[10][10][10][10];
int x,y,bx,by,tx,ty;
int m , n ;
vector<vector<char>> mm ;
bool valid(int x,int y ){
//cout <<m<<" "<<n<<"-"<<endl;
if(x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n&&mm[x][y]!='#')return true;
return false;
}
int main(){
cin >> m >>n;
mm= vector<vector<char>>(m , vector<char>(n ,' ' ));
for(int i =0 ; i < m ; i++)
for(int j=0 ; j< n ; j++)
{
char t ;
cin >>t;
if(t=='X'){
x = i;y = j;
// cout <<x<<" "<<y<<endl;
}
if(t == '*'){
bx = i ;by = j;
}
if(t == '@'){
tx = i ; ty = j;
}
mm[i][j] = t;
}
// record every state of the
vector<vector<int>> next= {{-1, 0},{1,0},{0,1},{0,-1}};
queue<vector<int>> que ;
que.push({x,y,bx,by});
st[x][y][bx][by] =1 ;
while(!que.empty())
{
vector<int> t = que.front();
que.pop();
x = t[0]; y = t[1]; bx=t[2]; by = t[3];
for(int i =0 ; i < next.size() ; i++)
{
int nx = x+next[i][0],ny =y+next[i][1];
int nnx = nx+next[i][0],nny =ny+next[i][1];
if(valid(nx,ny)&&(nx!=bx||ny!=by)&&st[nx][ny][bx][by]==0)
{
st[nx][ny][bx][by]= st[x][y][bx][by]+1;
que.push({nx,ny,bx,by});
continue;
}else if(nx==bx&&ny==by&&valid(nnx,nny)&&st[nx][ny][nnx][nny]==0){
st[nx][ny][nnx][nny] = st[x][y][bx][by]+1;
if(mm[nnx][nny]=='@'){cout<<st[nx][ny][nnx][nny]-1;return 0;}
que.push({nx,ny,nnx,nny});
}
}
}
cout <<-1;
return 0;
}賽馬
.題目4:
在一條無限長的跑道上，有N匹馬在不同的位置上出發開始賽馬。當開
始賽馬比賽後，所有的馬開始以自己的速度一直勻速前進。每匹馬的速
度都不一樣，且全部是同樣的均勻隨機分佈。在比賽中當某匹馬追上了
前面的某匹馬時，被追上的馬就出局。 請問按以上的規則比賽無限長
的時間後，賽道上剩餘的馬匹數量的數學期望是多少分析
.開始認為幾匹快馬速度一樣才可能同時留下來,沒好好讀題,其實人家說了馬的速度都不一樣.假設幾匹馬的速度是a1<a2<a3<...<ana1<a2<a3<...<an ,ai匹馬留下概率是P(i),P（i）=1/iP（i）=1/i, 因為只有在第一匹快馬後面才能留下來,這是i種情況之一, 第i匹馬留下期望0∗(i−1)/i+1/i0∗(i−1)/i+1/i,由E(X+Y)=E(X)+E(Y)E(X+Y)=E(X)+E(Y)得到所有馬期望和1 + 1 / 2 + 1 / 3 + 1 / 4 + … + 1 / N，就是調和級數。
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<math.h>
using std::cin;
using std::cout;
int main(){
int n ;
cin >>n;
if(n==0)
{
cout <<0;
return 0;
}
float sum =0.0;
for(int i =1 ; i<=n ; i++)
{
sum+= 1.0/i;
}
printf("%.4f",sum);
return 0;
}