【BZOJ4543】Hotel加強版
阿新 • • 發佈:2019-01-06
【BZOJ4543】Hotel加強版
題面
$ps:$在洛谷看題在bzoj交。。。
題解
我們分析一下這個問題,要怎麼樣的點才滿足三點距離兩兩相等呢?
1、存在三個點有共同的$LCA$。
2、存在一個點,使得它到它兩顆不同的子樹種兩點的距離為$d$且它存在$d$級祖先。
考慮$dp:$
設$f[i][j]$表示以$i$為根的子樹中,距離$i$為$j$的點數
$g[i][j]$表示以$i$為根的子樹中兩點到$LCA$距離為$d$,並且它們$LCA$到$i$的距離為$d$的節點數
合併資訊時進行轉移:
$ ans+=g[i][0]\\ ans+=g[i][j]*f[son][j-1]\\ f[i][j]+=f[son][j-1]\\ g[i][j]+=g[son][j+1] $
現在複雜度$O(n^2)$ 注意到這兩個式子
$ f[i][j]+=f[son][j-1]\\ g[i][j]+=g[son][j+1] $
如果我們欽定一個兒子,就不需要再進行重複計算了
我們用指標來描述
$ f[i]=f[son]-1,g[i]=g[son]+1 $
發現鏈上轉移是$O(n)$的
於是我們在樹上做這個事情。
將整棵樹進行長鏈剖分,欽定從重兒子轉移,其他兒子重新計算
是不是和$dsu\;on\;tree$特別像?
那這樣的話,從重兒子轉移$O(1)$,從輕兒子轉移$鏈長O(鏈長)$
這樣總複雜度$O(n)$
程式碼
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstdlib> #include <cstring> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; inline int gi() { register int data = 0, w = 1; register char ch = 0; while (!isdigit(ch) && ch != '-') ch = getchar(); if (ch == '-') w = -1, ch = getchar(); while (isdigit(ch)) data = 10 * data + ch - '0', ch = getchar(); return w * data; } typedef long long ll; const int MAX_N = 1e5 + 5; struct Graph { int to, next; } e[MAX_N << 1]; int fir[MAX_N], e_cnt = 0; void clearGraph() { memset(fir, -1, sizeof(fir)); e_cnt = 0; } void Add_Edge(int u, int v) { e[e_cnt] = (Graph){v, fir[u]}; fir[u] = e_cnt++; } int N, dep[MAX_N], son[MAX_N], md[MAX_N]; void dfs1(int x, int fa) { //md[x] = dep[x] = dep[fa] + 1; for (int i = fir[x]; ~i; i = e[i].next) { int v = e[i].to; if (v == fa) continue; dfs1(v, x); if (md[v] > md[son[x]]) son[x] = v, md[x] = md[v]; } md[x] = md[son[x]] + 1; } ll *f[MAX_N], *g[MAX_N], tmp[MAX_N << 2], *pos = tmp, ans; void dfs(int x, int fa) { if (son[x]) f[son[x]] = f[x] + 1, g[son[x]] = g[x] - 1, dfs(son[x], x); f[x][0] = 1, ans += g[x][0]; for (int i = fir[x]; ~i; i = e[i].next) { int v = e[i].to; if (v == fa || v == son[x]) continue; f[v] = pos, pos += md[v] << 1, g[v] = pos, pos += md[v] << 1; dfs(v, x); for (int j = 0; j < md[v]; j++) { if (j) ans += f[x][j - 1] * g[v][j]; ans += g[x][j + 1] * f[v][j]; } for (int j = 0; j < md[v]; j++) { g[x][j + 1] += f[x][j + 1] * f[v][j]; if (j) g[x][j - 1] += g[v][j]; f[x][j + 1] += f[v][j]; } } } int main () { clearGraph(); N = gi(); for (int i = 1; i < N; i++) { int u = gi(), v = gi(); Add_Edge(u, v), Add_Edge(v, u); } dfs1(1, 0); f[1] = pos, pos += md[1] << 1, g[1] = pos, pos += md[1] << 1; dfs(1, 0); printf("%lld\n", ans); return 0; }
玄學問題:去掉第$23$行註釋,並註釋調第$29$行會$RE$