【分析】

　　這題我是不會往掃描線方向想的。感覺很神奇。

　　首先對於每個a[i]求前一個同色的位置$last$和後一個的位置$next$,顯然左端點在[last+1,i]右端點在[i,next-1]的都是可以的。

　　那麼把左端點當成x，右端點當成y，區間就表示成了平面上的一個點，可行區間集就是一個矩形，最後看看n個矩形是否把上三角覆蓋。

　　【這個把這題複雜化了，其實有更簡單的方法所以我沒打這個哦

　　很容易想到暴力。

　　如果序列non-boring，必定有一個數值只出現了一次，找到他的位置i【可能有多個，先隨便找一個】，

　　那麼區間跨越i的都可以的嘛，所以只需判斷[l,i-1]和[i+1,r]即可。

　　就把區間分治了。

　　但是時間複雜度？？？

　　網上的神犇們說，從左右兩端向中間暴力列舉，用$next$和$last$$O(1)$判斷即可。

　　是nlogn的。

　　因為：$T(n)=max｛T(k)+T(n-k)+min(n,n-k)｝=O(nlogn)$

　　直觀證明：

　　我們考慮每個對時間複雜度有貢獻的下標，它一定屬於兩段中比較小的那一段，於是。。

　　每次每個下標被算一次，它的所在塊就會縮小一倍，那麼顯然每個下標的貢獻就是O(logn)，它的總時間複雜度就是O(nlogn)。

　　ORZORZ。。

 1 #include<cstdio>
 2 #include<cstdlib>
 3
 
 #include<cstring>
 4 #include<iostream>
 5 #include<algorithm>
 6 using namespace std;
 7 #define Maxn 200010
 8 
 9 struct node{int x,id;}t[Maxn];
10 bool cmp(node x,node y) {return x.x<y.x;}
11 int a[Maxn],nt[Maxn],lt[Maxn],ft[Maxn];
12 
13 bool ffind(int l,int r)
14 {
15     if(l>=r) return
 
 1;
16     int t=-1;
17     for(int i=0;i<=r-l+1;i++)
18     {
19         if(l+i>r-i) break;
20         if(nt[l+i]>r&&lt[l+i]<l) {t=l+i;break;}
21         if(nt[r-i]>r&&lt[r-i]<l) {t=r-i;break;}
22     }
23     if(t==-1) return 0;
24     return ffind(l,t-1)&&ffind(t+1,r);
25 }
26 
27 int main()
28 {
29     int T;
30     scanf("%d",&T);
31     while(T--)
32     {
33         int n;
34         scanf("%d",&n);
35         for(int i=1;i<=n;i++)
36         {
37             scanf("%d",&t[i].x);t[i].id=i;
38         }
39         sort(t+1,t+1+n,cmp);
40         a[t[1].id]=1;int p=1;
41         for(int i=1;i<=n;i++)
42         {
43             if(t[i].x!=t[i-1].x) p++;
44             a[t[i].id]=p;
45         }
46         for(int i=1;i<=p;i++) ft[i]=n+1;
47         for(int i=n;i>=1;i--) nt[i]=ft[a[i]],ft[a[i]]=i;
48         for(int i=1;i<=p;i++) ft[i]=0;
49         for(int i=1;i<=n;i++) lt[i]=ft[a[i]],ft[a[i]]=i;
50         if(ffind(1,n)) printf("non-boring\n");
51         else printf("boring\n");
52     }
53     return 0;
54 }

2017-04-25 08:38:03