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preface

　　這道題資料超級水，暴力70。正解也超級玄學，需要各種卡常技巧。

分析

　　首先看資料範圍，貌似O(k)才能過廢話。既然是要O(k)的出答案，那就只能預處理了。

　　設f[i][j][k]表示以第i好結點為起點，在最短距離不超過j的情況下，是否能到達k號結點。對於這樣的東西，我們可以做一個多源最短路。之後再把f[i][j][k]和f[i][j-1][k]或一下就可以了。

　　但是n³的空間顯然是掛的，那麼考慮用bitset來優化。f[i][j]還是表示一樣的東西,00100101...這樣的序列就表示能否到達咯。

　　最後再卡卡常數什麼的就OK了。

code

#pragma
 
 GCC optimize(2)
#pragma GCC optimize(3)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define maxn 1010
#define reg register
using namespace std;
inline void read(int &x)
{
    x=0;
    reg char s=getchar();
    while(s<'0'||s>'9') s=getchar();
    while(s>='0'&&s<='9') x=x*10
 
+s-'0',s=getchar();
}
inline void print(int x)
{
    if(x>9) print(x/10);
    putchar(x%10+'0');
}
int n,m,pro,dis[maxn];
vector<int> edge[maxn];
bool vis[maxn];
bitset<maxn> f[maxn][maxn];
void bfs(int s)
{
    memset(dis,-1,sizeof dis);
    memset(vis,false,sizeof vis);
    queue<int> q;
    q.push(s);
    dis[s]
 
=0,vis[s]=true;
    while(!q.empty())
    {
        reg int u=q.front();
        q.pop();
        for(reg int i=0,sz=edge[u].size(); i<sz; i++)
        {
            reg int v=edge[u][i];
            if(!vis[v])
            {
                vis[v]=true;
                dis[v]=dis[u]+1;
                q.push(v);
            }
        }
    }
    for(reg int i=1; i<=n; i++)
        if(dis[i]!=-1) f[s][dis[i]].set(i);
}
int main()
{
    read(n),read(m),read(pro);
    reg int x,y,z;
    for(reg int i=1; i<=m; i++)
    {
        read(x),read(y);
        edge[x].push_back(y);
        edge[y].push_back(x);
    }
    for(reg int i=1; i<=n; i++) bfs(i);
    for(reg int i=1; i<=n; i++)//起點 
        for(reg int j=1; j<=n; j++)//距離
            f[i][j]|=f[i][j-1];
    for(reg int i=1; i<=pro; i++)
    {
        read(x);
        bitset<maxn> tmp;
        for(reg int j=1; j<=x; j++)
        {
            read(y),read(z);
            z=min(z,n);
            tmp|=f[y][z];
        }
        print(tmp.count()),putchar('\n');//用count直接數出1的個數會快很多 
    }
    return 0;
}