試題描述
　　
　　今天是萬聖節，小L同學開始了一年一度的討要糖果遊戲，但是在剛剛過去的比賽中小有成就的他打算給自己增加一點難度：如果沒有討到每一家的糖果就算輸。
　　
　　已知小L共有n（n不大於10000）個鄰居，他們都在同一條街上（可以近似看成一條直線），第i個鄰居的座標是xi。L同學的媽媽會在一開始把他送到任意鄰居的門前。現在已知所有鄰居會在di時間後休息（休息以後不能再去打擾），求訪問完所有點的最短時間，如果無解輸出“No solution”。
　　
　　輸入
　　
　　輸入第一行為一個正整數表示n，接下來n行，每行兩個用空格隔開的數，分別表示第i個鄰居的位置和休息時間。
　　
　　輸出
　　
　　輸出一個數，表示最短時間，無解輸出“No solution”。
　　
　　輸入示例
　　
　　5
　　
　　1 3
　　
　　3 1
　　
　　5 8
　　
　　8 19
　　
　　10 15
　　
　　輸出示例
　　
　　11
　　
　　看起來是一個搜尋或者dp
　　
　　然鵝發現搜尋會TLE
　　
　　考慮dp：
　　
　　為了轉移我們儲存的資料我們不能採用普通的區間dp
　　
　　我們不難發現，為了遍歷直線上的每一個點，其中一個端點一定是最後經過的點（自己可以推一下）
　　
　　所以我們用dp[i][j][0]表示從i到j結束在左端點的最短時間
　　
　　用dp[i][j][1]表示從i到j結束在右端點的最短時間
　　
　　於是對於i到j+1的區間在合法範圍內就有了兩種選擇:從i到j區間轉移或者從i-1到j+1區間轉移
　　
　　但是發現空間開不下於是我們換一種儲存方式
　　
　　為了節省空間我們只儲存區間起點（壓縮一維儲存區間長度奇數偶數）
　　
　　於是我們又有了四種轉移方式：
　　
　　對於從i到j的區間，從i-1到j轉移（兩種）或者從i到j-1轉移（兩種）
　　
　　關於轉移：
　　
　　對於區間dp來講，無後效性體現在從一步到下一步的轉移
　　
　　所以轉移的代價是從結束時間到下一個節點的距離
　　
　　關於合法：主要就是時間不要超過
　　
　　上程式碼
　　
　　複製程式碼
　　
　　#include<iostream>
　　
　　#define INF 0x3f3f3f3f
　　
　　using namespace std;
　　
　　int n,dp[2][20010][2],xx[10005],d[10005],nx;
　　
　　int main()
　　
　　{
　　
　　scanf("%d",&n);
　　
　　for(int i=1;i<www.tianjiuyule178.com=n;i++)scanf("%d%d",&xx[i],&d[i]);
　　
　　for(int i=1;i<=n;i++)dp[0][i][0]=dp[0][i][1]=0;
　　
　　for(int i=1;i<www.haom178.com n;i++)
　　
　　{
　　
　　int x=nx;nx^=1;
　　
　　for(int j=1;j<=n-i;j++)
　　
　　{
　　
　　dp[nx][j][0]=min(dp[x][j+1][0]+xx[j+1]-xx[j],dp[x][j+1][1]+xx[j+i]-xx[j]);
　　
　　dp[nx][j][1]=min(dp[x][j][0]+xx[j+i]-xx[j],dp[x][j][1]+xx[j+i]-xx[j+i-1]);
　　
　　if(dp[nx][j][0]>d[j])dp[nx][j][0]=INF;
　　
　　if(dp[nx][j][1]>d[i+j])dp[nx][j][1]=INF;
　　
　　}
　　
　　}
　　
　　int ans=min(dp[nx][www.michenggw.com][0],dp[nx][1][1]);
　　
　　if(ans>=INF)puts("No www.mhylpt.com solution");
　　
　　else printf("%d",ans);
　　
　　return 0;
　　
　　}
　　
　　複製程式碼
　　
　　/*====年輕人，瞎搞是出不了省一的，這就是現實====*/