題目描述

本題中，我們將用符號[c]表示對c向下取整，例如：[3.0」= [3.1」=[3.9」=3。

蛐蛐國最近蚯蚓成災了！隔壁跳蚤國的跳蚤也拿蚯蚓們沒辦法，蛐蛐國王只好去請神刀手來幫他們消滅蚯蚓。

蛐蛐國裡現在共有n只蚯蚓（n為正整數)。每隻蚯蚓擁有長度，我們設第i只蚯蚓的長度為a_i(i=1,2,…,n)，並保證所有的長度都是非負整數（即:可能存在長度為0的蚯蚓）。

每一秒，神刀手會在所有的蚯蚓中，準確地找到最長的那一隻（如有多個則任選一個）將其切成兩半。神刀手切開蚯蚓的位置由常數p(是滿足0

輸入輸出格式

輸入格式：
第一行包含六個整數n,m,q,u,v,t，其中：n,m,q的意義見【問題描述】；u,v,t均為正整數；你需要自己計算p

第二行包含n個非負整數，為ai,a2,…,an，即初始時n只蚯蚓的長度。

同一行中相鄰的兩個數之間，恰好用一個空格隔開。

1<=n<=105，0<m<7∗106，0<u<v<109，0<=q<=200，1<t<71，0<ai<108。

輸出格式：
第一行輸出[m/t]個整數，按時間順序，依次輸出第t秒，第2t秒，第3t秒……被切斷蚯蚓（在被切斷前）的長度。

第二行輸出[(n+m)/t]個整數，輸出m秒後蚯蚓的長度；需要按從大到小的順序，依次輸出排名第t，第2t，第3t……的長度。

同一行中相鄰的兩個數之間，恰好用一個空格隔開。即使某一行沒有任何數需要 輸出，你也應輸出一個空行。

請閱讀樣例來更好地理解這個格式。

輸入輸出樣例

輸入樣例#1：
3 7 1 1 3 1
3 3 2
輸出樣例#1：
3 4 4 4 5 5 6
6 6 6 5 5 4 4 3 2 2
輸入樣例#2：
3 7 1 1 3 2
3 3 2
輸出樣例#2：
4 4 5
6 5 4 3 2
輸入樣例#3：
3 7 1 1 3 9
3 3 2
輸出樣例#3：
//空行
2

題解

發現性質：
1.先切的蚯蚓一定比後切的蚯蚓原來（初始）長度長
2.長的蚯蚓分成的兩段一定比短的蚯蚓分成的兩段要長

先考慮蚯蚓不會長大的情況
先建三個佇列
可以先將所有蚯蚓按照從大到小的順序，存到第一個佇列裡。
每次取三個佇列的最大值，切成兩段，（此時答案一定是最優的，根據性質1），分別加入第二個和第三個佇列裡
注意：除了初始的蚯蚓，不會有東西加入到第一個佇列裡
可以保證每個佇列都是單調遞減的（根據性質2），這樣同時也保證了上面“每次取三個佇列的最大值”時的答案一定是最優的
會長大的情況呢？
將整體的長大變成個體的縮短

具體來說
用一個變數存當前的操作次數*每次增加長度，設為l
在每一條蚯蚓存進佇列之前，佇列中的長度為實際長度−l
那麼對於每一條蚯蚓，實際長度為隊列中的長度+l
這樣就可以不用一條一條的增加蚯蚓長度了

程式碼

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<cstring>
#define fo(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define N 8010000
#define ll long long
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
using namespace std;
int n,m,t,h[N],r[N];
int q,a[N],d[3][N];
ll u,v;
bool cnt(int x,int y){return x>y;}
int main()
{
    freopen("earthworm.in","r",stdin);
    freopen("earthworm.out","w",stdout);
    scanf("%d%d%d%lld%lld%d",&n,&m,&q,&u,&v,&t);
    memset(d,128,sizeof(d));
    fo(i,1,n) scanf("%d",&a[i]);
    sort(a+1,a+n+1,cnt);
    fo(i,1,n) d[0][i]=a[i];h[0]=1;r[0]=n;
    h[1]=h[2]=1;r[1]=r[2]=0;
    int l=0;
    fo(o,1,m)
    {
        int mx=-123456789,mi;
        fo(i,0,2) if(d[i][h[i]]>mx&&h[i]<=r[i]) mx=d[i][h[i]],mi=i;
        mx+=l;
        int x=(int)((ll)mx*u/v);
        int y=(mx-x);
        if(o%t==0) printf("%d ",mx);
        h[mi]++;l+=q;
        d[1][++r[1]]=x-l;d[2][++r[2]]=y-l;
    }
    printf("\n");
    fo(o,1,n+m)
    {
        int mx=-2147483647,mi=-1;
        fo(i,0,2) if(d[i][h[i]]>mx&&h[i]<=r[i]) mx=d[i][h[i]],mi=i;
        h[mi]++;
        if(o%t==0) printf("%d ",mx+l);
    }
    fclose(stdin);fclose(stdout);
    return 0;
}