【BZOJ3925】[ZJOI2015]地震後的幻想鄉(動態規劃)
阿新 • • 發佈:2019-01-05
【BZOJ3925】[ZJOI2015]地震後的幻想鄉(動態規劃)
題面
題解
題目裡面有一句提示:對於\(n\)個\([0,1]\)之間的隨機變數\(x1,x2,...,xn\),第\(k\)小的那個的期望值是\(k/(n+1)\)。
顯然要求的東西就是一棵最小生成樹最大邊的期望。而求解最小生成樹只需要知道邊的排名以及當前點之間的連通性。因為我們知道第\(k\)小的值的期望,所以我們只需知道最小生成樹做到了第幾條邊時聯通。那麼需要求解的只有在連完第\(k\)條邊只有連通的方案數了。
預處理點集內部的方案數,假設為\(cnt(S)\),設\(f[i][S][0/1]\)表示對於點集\(S\)
首先很顯然,連通和不連通的方案數總和就是任意選擇邊的方案數。
即\(\displaystyle f[i][S][0]+f[i][S][1]={cnt(S)\choose i}\)。
那麼考慮如何計算\(dp\)值。
如果我們要算不連通的方案數,那麼我們列舉其中一個定點所在的連通塊,那麼這個連通塊不能和其他點之間有連邊,可以得到轉移:\(\displaystyle f[i+j][S][0]=\sum f[i][T][1]*{cnt(S-T)\choose j}\)
而連通的方案數則直接用前面那個總方案減去不連通的就好了。
那麼最終計算答案的時候,列舉用了幾條邊\(\displaystyle ans=\frac{1}{m+1}\sum_{i=0}^m \frac{f[i][All][0]}{m\choose i}\)
#include<iostream> #include<cstdio> using namespace std; inline int read() { int x=0;bool t=false;char ch=getchar(); while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar(); if(ch=='-')t=true,ch=getchar(); while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar(); return t?-x:x; } int n,m,S,bul[1<<10],cnt[1<<10],G[10],lg[1<<10]; long long f[50][1<<10][2],C[50][50]; double ans; int lb(int x){return x&(-x);} int main() { n=read();m=read();S=1<<n; for(int i=0;i<=m;++i)C[i][0]=1; for(int i=1;i<=m;++i) for(int j=1;j<=i;++j) C[i][j]=C[i-1][j-1]+C[i-1][j]; for(int i=1;i<S;++i)bul[i]=bul[i>>1]+(i&1); for(int i=2;i<S;++i)lg[i]=lg[i>>1]+1; for(int i=1,u,v;i<=m;++i)u=read()-1,v=read()-1,G[u]|=1<<v,G[v]|=1<<u; for(int i=1;i<S;++i)cnt[i]=cnt[i^lb(i)]+bul[G[lg[lb(i)]]&i]; for(int i=1;i<S;++i)f[0][i][bul[i]==1]=1; for(int i=1;i<=m;++i) for(int T=1;T<S;++T) { int TT=T^lb(T),u=lb(T); for(int P=(TT-1)&TT;;P=(P-1)&TT) { for(int j=0;j<=i;++j)f[i][T][0]+=f[j][P|u][1]*C[cnt[TT^P]][i-j]; if(!P)break; } f[i][T][1]=C[cnt[T]][i]-f[i][T][0]; } for(int i=0;i<=m;++i)ans+=1.0*f[i][S-1][0]/C[m][i]; ans/=m+1;printf("%.6lf\n",ans); return 0; }