P1004 方格取數
阿新 • • 發佈:2017-05-15
body n) 數據 main content tool 輸入輸出格式 ace 推導
輸出樣例#1:
P1004 方格取數
題目描述
設有N*N的方格圖(N<=9),我們將其中的某些方格中填入正整數,而其他的方格中則放
人數字0。如下圖所示(見樣例):
A
0 0 0 0 0 0 0 0
0 0 13 0 0 6 0 0
0 0 0 0 7 0 0 0
0 0 0 14 0 0 0 0
0 21 0 0 0 4 0 0
0 0 15 0 0 0 0 0
0 14 0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 0 0 0
. B
某人從圖的左上角的A點出發,可以向下行走,也可以向右走,直到到達右下角的B
點。在走過的路上,他可以取走方格中的數(取走後的方格中將變為數字0)。
此人從A點到B點共走兩次,試找出2條這樣的路徑,使得取得的數之和為最大。
輸入輸出格式
輸入格式:
輸入的第一行為一個整數N(表示N*N的方格圖),接下來的每行有三個整數,前兩個
表示位置,第三個數為該位置上所放的數。一行單獨的0表示輸入結束。
輸出格式:
只需輸出一個整數,表示2條路徑上取得的最大的和。
輸入輸出樣例
輸入樣例#1:8 2 3 13 2 6 6 3 5 7 4 4 14 5 2 21 5 6 4 6 3 15 7 2 14 0 0 0
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說明
NOIP 2000 提高組第四題
分析:
1. O(n^4)——f[i][j][k][l] 表示分別走到(i,j)和(k,l)的最大和。每次從上一步分別走(向下,向下),(向右,向右),(向右,向下),(向下,向右)的狀態推導就好了。
f[i][j][k][l] = max( f[i-1][j][k-1][l],f[i][j-1][k][l-1],f[i][j-1][k-1][l],f[i-1][j][k][l-1])+a[i][j]+a[k][l]-((i==j&&k==l)?a[k][l]:0);
對於n<=10的數據可以過得去,但在大一點就不行了。
2. O(n^3)——那麽設 f[k,i,j] 表示走到了第 k 步,第一條路徑向右走了 i 步,第二條路徑向右走了 j 步。
那麽f[k,i,j]=max{f[k-1,i,j-1],f[k-1,i-1,j],f[k-1,i-1,j-1],f[k-1,i,j]}+(j==k ? a[k-i+1][i] :a[k-i+1][i]+a[k-j+1][j]); 還有,每一方格的數只能取一次,那麽就要判斷這個點的數取過沒有,也就是判斷兩條路徑是否走到同一點,所以有後面的判斷。 只能說 "方法很奇妙!!!"1 #include<cstdio> 2 #include<algorithm> 3 using namespace std; 4 5 int n; 6 int mp[12][12]; 7 int f[24][12][12]; 8 9 int main() 10 { 11 scanf("%d",&n); 12 for(;;) 13 { 14 int a,b,c; 15 scanf("%d%d%d",&a,&b,&c); 16 if(a==0 && b==0 &&c==0) break; 17 mp[a][b] = c; 18 } 19 for(int k=1;k<=n*2;++k) 20 for(int i=1;i<=k;++i) 21 for(int j=1;j<=k;++j) 22 { 23 int mx = 0,t; 24 mx = max(mx,f[k-1][i][j]); 25 mx = max(mx,f[k-1][i-1][j]); 26 mx = max(mx,f[k-1][i][j-1]); 27 mx = max(mx,f[k-1][i-1][j-1]); 28 if (i==j) t = mp[k-i+1][i]; 29 else t = mp[k-i+1][i]+mp[k-j+1][j]; 30 f[k][i][j] = mx+t; 31 } 32 printf("%d\n",f[n*2][n][n]); 33 return 0; 34 }
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