題目描述

N(2<=n<=200)個城市，M(1<=m<=40000)條無向邊，你要找T(1<=T<=200)條從城市1到城市N的路，使得最長的邊的長度最小，邊不能重復用。

輸入輸出格式

第1行三個整數N,M,T用空格隔開。

第2行到P+1行，每行包括三個整數Ai,Bi,Li表示城市Ai到城市Bi之間有一條長度為Li的道路。

輸出只有一行，包含一個整數，即經過的這些道路中最長的路的最小長度。

輸入輸出樣例

7 9 2
1 2 2
2 3 5
3 7 5
1 4 1
4 3 1
4 5 7
5 7 1
1 6 3
6 7 3
 

5

Solution：

　　題目求的是最大邊的最小值，可以下意識地想到二分答案，但是有限制條件（即從1到n的路徑要大於等於t條）這時我們思考應該如何去check。可以很容易想到網絡流吧（反正我是這樣想的），因為題目中說了一條邊只能用一次（這不就限制了容量嘛），而且可以把S當作1、T當作n，這樣不就是求最大流啊，只要總流量大於t我們就將上界縮小，否則將下界增大，直到最後無法再check為止，輸出ans就ok了。

　　建圖時，我們可以先保存邊集數組，二分邊界L賦值為1、R賦值為邊的最大值，然後每次二分出mid值，若邊長小於等於mid則加一條容量為1的邊，check時就直接跑最大流就好了，最後輸出ans題目解決。。

　　註意：每次check記得清head數組並給cnt賦值。

代碼：

 1 #include<bits/stdc++.h>
 2 #define il inline
 3 #define debug printf("%d %s\n",__LINE__,__FUNCTION__)
 4 using namespace std;
 5 il int gi()
 6 {
 7     int a=0;char x=getchar();bool f=0;
 8     while((x>‘9‘||x<‘0‘)&&x!=‘-‘)x=getchar();
 
 9     if(x==‘-‘)x=getchar(),f=1;
10     while(x>=‘0‘&&x<=‘9‘)a=a*10+x-48,x=getchar();
11     return f?-a:a;
12 }
13 const int N=100005,inf=233333;
14 int n,m,T,s,t=520,dis[400],h[500],cnt=1,ans;
15 struct edge{
16 int to,net,v;
17 }e[N*2],p[N];
18 il void add(int u,int v,int w)
19 {
20     e[++cnt].to=v,e[cnt].net=h[u],e[cnt].v=w,h[u]=cnt;
21     e[++cnt].to=u,e[cnt].net=h[v],e[cnt].v=0,h[v]=cnt;
22 }
23 il bool bfs()
24 {
25     memset(dis,-1,sizeof(dis));
26     queue<int> q;
27     q.push(s),dis[s]=0;
28     while(!q.empty())
29     {
30     //    debug;
31         int u=q.front();q.pop();
32         for(int i=h[u];i;i=e[i].net)
33         if(dis[e[i].to]==-1&&e[i].v>0)
34         dis[e[i].to]=dis[u]+1,q.push(e[i].to);
35     }
36     return dis[t]!=-1;
37 }
38 il int dfs(int u,int op)
39 {
40     if(u==t)return op;
41     int flow=0,used=0;
42     for(int i=h[u];i;i=e[i].net)
43     {
44         int v=e[i].to;
45         if(dis[v]==dis[u]+1&&e[i].v>0)
46         {
47             used=dfs(v,min(op,e[i].v));
48             if(!used)continue;
49             flow+=used,op-=used;
50             e[i].v-=used,e[i^1].v+=used;
51             if(!op)break;
52         }
53     }
54     if(!flow)dis[u]=-1;
55     return flow;
56 }
57 il void add_edge(int x)
58 {
59     memset(h,0,sizeof(h));
60     cnt=1;
61     for(int i=1;i<=m;i++)
62         if(p[i].v<=x)add(p[i].to,p[i].net,1),add(p[i].net,p[i].to,1);
63 
64 }
65 il bool check(int x)
66 {
67     add_edge(x);
68     int ans=0;
69     while(bfs())ans+=dfs(s,inf);
70     if(ans>=T)return 1;
71     return 0;
72 }
73 int main()
74 {
75     n=gi(),m=gi(),T=gi();
76     s=1,t=n;
77     int l=1,r=0;
78     for(int i=1;i<=m;i++)
79         p[i].to=gi(),p[i].net=gi(),p[i].v=gi(),r=max(r,p[i].v);
80 //    sort(p+1,p+m+1,cmp);
81     while(l<=r)
82     {
83         int mid=(l+r)/2;
84         if(check(mid))ans=mid,r=mid-1;
85         else l=mid+1;
86     }
87     cout<<ans;
88     return 0;
89 }

洛谷 P1401 城市（二分+網絡流）