2016級算法第三次上機-C.AlvinZH的奇幻猜想——三次方
905 AlvinZH的奇幻猜想——三次方
思路
中等題。題意簡單,題目說得簡單,把一個數分成多個立方數的和,問最小立方數個數。
腦子轉得快的馬上想到貪心,從最近的三次方數往下減,反正有1^3在最後撐著保證減完。不好意思這是錯的,因為1,27,64,125...等立方數之間並不是倍數關系,不能構成貪心策略。舉個反例:96=64+8+8+8+8=64+27+1+1+1+1+1,答案明顯是5,而貪心會算到7。
既然不是貪心,那就是DP了,沒毛病。先講一下常規做法吧,是這樣想的:相當於把一個數化成幾份,求最小劃分的份數,那麽把所求數看成背包的總體積,每個立方數的值看作每個物品的體積,價值都看做1,問題就轉化為完全背包(因為每個立方數可以取多次)恰好裝滿求最小的價值,仔細想想。
所以,套一下完全背包的板子吧,但是,這裏的一個問題是完全背包裝滿,這怎麽辦呢(可能由於本題可以保證裝滿這個問題不怎麽顯眼)。舉一反三,假設有可能裝不滿,怎麽辦?這個問題初始化dp數組時就可以解決。以下方法對於01背包同樣適用:
- 普通01背包or完全背包:初始化為0;
- 01背包or完全背包裝滿求價值最小:初始化為一個大數值如 \(INF\) (0x3f3f3f3f);
- 01背包or完全背包裝滿求價值最大:初始化為一個小數值如 \(-INF\) (-0x3f3f3f3f);
為什麽呢?對於本題,初始化為大數值,如果沒裝滿,最後dp[n]會依然是INF,因為我們每次比較取的都是較小值。第二次練習賽的G題就是01背包裝滿求最大價值,初始化為最小值即可。(熬夜寫了這麽多,希望大家看得到QAQ)
這題還有另外的解法,那就是類似打表,先把所有數的最小立方個數通過叠代計算得到,然後 \(O(1)\) 時間取得答案。具體可見隊列叠代的參考代碼二以及for循環叠代的參考代碼三。其實這裏面也是有DP的思想,因為每次叠代會用到之前的結果,對於多組數據來講,同樣可以節省時間。簡單易懂,可以學習一下。
分析
對於完全背包直接解法,時間復雜度為 \(O(V*∑(V/wi))\) 。
叠代的話復雜度差不了多少,由於多組數據的原因,叠代打表運行總時間顯得更短些,不糾結這個。
擴展:完全背包裝滿問題:HDU 1114。
參考代碼一:完全背包裝滿求最小價值
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// Created by AlvinZH on 2017/10/24.
// Copyright (c) AlvinZH. All rights reserved.
//
#include <cstdio>
#include <cstring>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define MaxSize 1000005
int weight[105];
int ans[MaxSize];
int main()
{
for (int i = 1; i < 105; ++i)
weight[i] = i * i * i;
int n;
while(~scanf("%d", &n))
{
for (int i = 0; i <= n; ++i)//初始化為最大值
ans[i] = INF;
ans[0] = 0;
for (int i = 0; i < 105; ++i) {
for (int j = weight[i]; j <= n; ++j) {
if(ans[j] > ans[j-weight[i]] + 1)
ans[j] = ans[j-weight[i]] + 1;
}
}
if(ans[n] == n) printf("Oh NO!\n");
else printf("%d\n", ans[n]);
}
}
/*
* 完全背包恰好裝滿問題,求最小值。
*/
參考代碼二:隊列叠代
//
// Created by AlvinZH on 2017/10/24.
// Copyright (c) AlvinZH. All rights reserved.
//
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#define INF 0x3f3f3f3f
#define MaxSize 1000005
using namespace std;
int weight[105];
int ans[MaxSize];
queue<int> Q;
void init()
{
memset(ans, INF, sizeof(ans));
for (int i = 1; i < 105; ++i)
weight[i] = i * i * i;
for (int i = 1; i <= 100; ++i) {
ans[weight[i]] = 1;
Q.push(weight[i]);
}
while(!Q.empty())
{
int w = Q.front();
Q.pop();
for (int i = 1; i <= 100; ++i) {
int num = weight[i] + w;
if(num > 1000000) break;
if(ans[num] < INF) continue;
ans[num] = ans[w] + 1;
Q.push(num);
}
}
}
int main()
{
init();
int n;
while(~scanf("%d", &n))
{
if(ans[n] == n) printf("Oh NO!\n");
else printf("%d\n", ans[n]);
}
}
/*
* 思路:直接寬搜,把最開始的數扔進隊列,反復用隊列中的數去更新沒更新的數就行了,註意數組別越界。
*/
參考代碼三:for循環叠代
/*
Author: 曾宥崴(13422)
Result: AC Submission_id: 391756
Created at: Fri Nov 10 2017 18:26:40 GMT+0800 (CST)
Problem: 905 Time: 353 Memory: 6612
*/
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <iostream>
using namespace std;
int f[1000001],n;
int main()
{
for (int i = 1; i <= 1000000; i++) f[i] = 1000000000;
f[0] = 0;
for (int i = 0; i <= 1000000; i++)
for (int k = 1; i + k * k * k <= 1000000; k++)
f[i+k*k*k] = min(f[i+k*k*k],f[i] + 1);
while (scanf("%d",&n) != EOF)
if (f[n] == n) printf("Oh NO!\n");
else printf("%d\n",f[n]);
return 0;
}
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